Coppersmith found a trick to solve the problem: if f(x0) = 0 mod N, th dịch - Coppersmith found a trick to solve the problem: if f(x0) = 0 mod N, th Việt làm thế nào để nói

Coppersmith found a trick to solve

Coppersmith found a trick to solve the problem: if f(x0) = 0 mod N, then f(x0)k = 0 mod Nk
for any k. More generally, defor some prede ned m. Then x0 is a root of gu;v(x) modulo Nm for any u  0 and 0  v  m.
To use Lemma 4 we must nd an integer linear combination h(x) of the polynomials gu;v(x) such
that h(xX) has norm less than Nm (recall that X is an upper bound on x0 satisfying X  N1=d).
Thanks to the relaxed upper bound on the norm (Nm rather than N), one can show that for
suciently large m, there always exists a linear combination h(x) satisfying the required bound.
Once h(x) is found, Lemma 4 implies that it has x0 as a root over the integers. Consequently x0
can be easily found. ne the following polynomials:
0/5000
Từ: -
Sang: -
Kết quả (Việt) 1: [Sao chép]
Sao chép!
Coppersmith tìm thấy một lừa để giải quyết vấn đề: nếu f(x0) = 0 mod N, sau đó k f (x 0) = 0 mod Nk
cho bất kỳ k. Nói chung, defor một số prede ned m. Sau đó x 0 là một gốc của gu;v(x) theo modulo Nm cho bất kỳ u 0 và các 0 v m.
sử dụng bổ đề 4 chúng tôi phải nd một h (x) số nguyên tổ hợp tuyến tính của đa thức gu;v(x) như vậy
h(xX) đó đã chuẩn chưa đầy Nm (nhớ lại rằng X là một ràng buộc trên x 0 đáp ứng X N1 = d).
Nhờ cận trên thoải mái trên chuẩn (Nm thay vì N), một trong những có thể hiển thị cho
su ciently lớn m, có luôn luôn tồn tại một h (x) tổ hợp tuyến tính đáp ứng yêu cầu ràng buộc.
khi h (x) được tìm thấy, bổ đề 4 ngụ ý rằng nó có x 0 như gốc trên các số nguyên. Do vậy x 0
có thể dễ dàng tìm thấy. NE đa thức sau đây:
đang được dịch, vui lòng đợi..
Kết quả (Việt) 2:[Sao chép]
Sao chép!
Coppersmith tìm thấy một thủ thuật để giải quyết vấn đề: nếu f (x0) = 0 mod N, sau đó f (x0) k = 0 mod Nk
cho bất kỳ k. Tổng quát hơn, một số defor prede ned m. Sau đó x0 là cội rễ gu; v (x) modulo Nm cho bất kỳ u? 0 và 0? v? . m
Để sử dụng bổ đề 4 chúng ta phải thứ một sự kết hợp (x) h nguyên tuyến tính của các đa thức gu; v (x) như vậy
mà h (xX) đã chuẩn mực ít hơn Nm (nhớ lại X đó là một giới hạn trên x0 thoả mãn X? N1 = d).
Nhờ sự thoải mái trên ràng buộc về tiêu chuẩn (Nm chứ không phải là N), người ta có thể thấy rằng cho
su? m ciently lớn, luôn tồn tại một sự kết hợp tuyến tính h (x) đáp ứng các yêu cầu ràng buộc.
Khi h ( x) được tìm thấy, Bổ đề 4 ngụ ý rằng nó có x0 là một gốc trên các số nguyên. Do đó x0
có thể dễ dàng được tìm thấy. ne các đa thức sau đây:
đang được dịch, vui lòng đợi..
 
Các ngôn ngữ khác
Hỗ trợ công cụ dịch thuật: Albania, Amharic, Anh, Armenia, Azerbaijan, Ba Lan, Ba Tư, Bantu, Basque, Belarus, Bengal, Bosnia, Bulgaria, Bồ Đào Nha, Catalan, Cebuano, Chichewa, Corsi, Creole (Haiti), Croatia, Do Thái, Estonia, Filipino, Frisia, Gael Scotland, Galicia, George, Gujarat, Hausa, Hawaii, Hindi, Hmong, Hungary, Hy Lạp, Hà Lan, Hà Lan (Nam Phi), Hàn, Iceland, Igbo, Ireland, Java, Kannada, Kazakh, Khmer, Kinyarwanda, Klingon, Kurd, Kyrgyz, Latinh, Latvia, Litva, Luxembourg, Lào, Macedonia, Malagasy, Malayalam, Malta, Maori, Marathi, Myanmar, Mã Lai, Mông Cổ, Na Uy, Nepal, Nga, Nhật, Odia (Oriya), Pashto, Pháp, Phát hiện ngôn ngữ, Phần Lan, Punjab, Quốc tế ngữ, Rumani, Samoa, Serbia, Sesotho, Shona, Sindhi, Sinhala, Slovak, Slovenia, Somali, Sunda, Swahili, Séc, Tajik, Tamil, Tatar, Telugu, Thái, Thổ Nhĩ Kỳ, Thụy Điển, Tiếng Indonesia, Tiếng Ý, Trung, Trung (Phồn thể), Turkmen, Tây Ban Nha, Ukraina, Urdu, Uyghur, Uzbek, Việt, Xứ Wales, Yiddish, Yoruba, Zulu, Đan Mạch, Đức, Ả Rập, dịch ngôn ngữ.

Copyright ©2024 I Love Translation. All reserved.

E-mail: